題目描述：給定一個整數陣列 stones，其中每個元素代表一塊石頭的重量。每一回合，選出最重的兩塊石頭並將它們相撞。若兩者重量相等則兩塊都消失；若不等，較輕的那塊消失，較重的那塊剩下重量差值。重複此過程直到最多剩一塊石頭，回傳其重量（若無石頭則回傳 0）。
解題思路：這題的核心操作是「反覆取出最大的兩個元素、處理後再放回」，天然對應**最大堆（max-heap）**資料結構。C++ STL 的 priority_queue 預設即為最大堆，每次 top() 取出最大值的時間複雜度為 O(log n)。
演算法步驟：
y（最大）和 x（次大）。y != x，將差值 y - x 推回堆中；若相等則什麼都不做（兩塊都消失）。關鍵直覺：由於每次操作至少消滅一塊石頭（兩塊相等消滅兩塊，不等消滅一塊），最多執行 n-1 次操作即可結束。
時間複雜度：O(n log n) — 建堆需要 O(n)，每次操作（pop 兩次、最多 push 一次）需要 O(log n)，最多執行 n-1 次操作，總計 O(n log n)。
空間複雜度：O(n) — 最大堆在最壞情況下儲存所有 n 塊石頭。
1. Initialize a max-heap with all stone weights. 2. While the heap has more than 1 element: a. Pop the largest stone y. b. Pop the second largest stone x. c. If y != x, push (y - x) back into the heap. 3. If the heap is empty, return 0; otherwise return heap.top().
排序模擬 O(n² log n)：每回合對陣列排序，取出最後兩個元素比較後放回，再排序。邏輯簡單但效率遠低於堆，不建議在競賽中使用。
多重集合 multiset O(n log n)：使用 C++ multiset 也能達到相同效果——每次從尾端取出最大兩個元素、刪除後視情況插入差值。multiset 維持有序，操作同為 O(log n)，但常數因子略大於 priority_queue，且需要反向迭代器，程式碼稍複雜。