題目描述：給定一個 32 位元有號整數 x，返回其數字反轉後的結果。若反轉後的數字超出 32 位元有號整數的範圍 [-2³¹, 2³¹ - 1]，則返回 0。
解題思路：
核心操作是「逐位彈出再推入」：每次從 x 的末位取出一個數字（使用模運算 x % 10），再將其附加到反轉結果的末位（rev = rev * 10 + digit），直到 x 歸零為止。
關鍵難點：溢位偵測。在執行 rev * 10 + digit 之前，必須先確認此操作不會導致整數溢位。由於 C++ 的整數溢位是未定義行為，我們必須在乘法發生之前進行檢查：
rev > INT_MAX / 10，則 rev * 10 必然溢位 → 回傳 0rev < INT_MIN / 10，則 rev * 10 必然下溢 → 回傳 0負數的處理：在 C++ 中，% 運算符對負數的結果保留原始符號（例如 -123 % 10 = -3）。這讓我們可以用完全相同的邏輯處理正負數，無需特別分開處理。
時間複雜度：O(log n) — 迴圈執行次數等於 x 的十進位位數，即 log₁₀(n)。
空間複雜度：O(1) — 只使用了常數個額外變數（rev、digit），與輸入大小無關。
1. Initialize rev = 0 2. While x != 0: a. Extract last digit: digit = x % 10 b. Remove last digit from x: x = x / 10 c. Check overflow: if rev > INT_MAX/10 or rev < INT_MIN/10, return 0 d. Append digit to rev: rev = rev * 10 + digit 3. Return rev
字串轉換法 O(log n)：將整數轉為字串，反轉字串後再轉回整數。優點是程式碼直觀易讀；缺點是需要額外的字串空間（O(log n) 空間），且需要手動處理負號與前導零，以及溢位檢查。整體來說不如數學法簡潔。
遞迴法 O(log n)：使用遞迴來逐一提取數字，透過函式呼叫堆疊隱式地存儲中間狀態。思路與迭代法相同，但每次遞迴呼叫提取一位數字並傳遞累積的反轉值。缺點是遞迴深度與位數相同，有額外的函式呼叫開銷，且溢位檢查邏輯相同。實務上迭代法更為推薦。
long long）來暫存中間結果，解法會如何簡化？這樣做有什麼取捨？INT_MAX = 2147483647（末位為 7）與 INT_MIN = -2147483648（末位為 -8）。若在不同平台上整數大小不同，如何讓溢位偵測更具通用性？